将嵌套 Json 发送到 Symfony 表单
我有一个嵌套的 JSON 对象，我试图将其发送到使用 FOSRestBundle 的 Symfony API。
{
"firstName": "John",
"lastName": "Doe",
"email": "john.doe@gmail.com",
"responses": [
{"1": "D"},
{"2": "B"},
{"3": "C"},
{"4": "F"}
]
}
但我收到以下错误：
{
"code": 400,
"message": "Validation Failed",
"errors": {
"children": {
"firstName": [],
"lastName": [],
"email": [],
"responses": {
"errors": [
"This value is not valid."
]
}
}
}
}
这是我的表单类型：
/**
* @param FormBuilderInterface $builder
* @param array $options
*/
public function buildForm(FormBuilderInterface $builder, array $options)
{
$builder
->add('firstName', TextType::class, [
'constraints' => [
new NotBlank(),
new Length(['min' => 3]),
]
])
->add('lastName', TextType::class, [
'constraints' => [
new NotBlank(),
new Length(['min' => 3]),
]
])
->add('email', TextType::class, [
'constraints' => [
new NotBlank(),
new Length(['min' => 3]),
]
])
->add('responses');
;
}
这是我的控制器方法：
/**
* @Rest\Post(
* path="/api/report"
* )
* @param Request $request
* @return Response
*/
public function post(Request $request)
{
$form = $this->createForm(ReportType::class);
$form->submit($request->request->all());
if (false === $form->isValid()) {
return $this->handleView(
$this->view($form)
);
}
return $this->handleView(
$this->view(
[
'status' => 'ok',
],
Response::HTTP_CREATED
)
);
}
我很困惑，因为没有表单验证 $responses。
我尝试实现此链接上提供的解决方案： How to process Nested json with FOSRestBundle and symfony forms
但我收到错误“您无法将子项添加到简单表单中”。也许您应该将选项“compound”设置为 true？
任何人都可以提供有关如何解决此问题的建议吗？
红糖糍粑2回答
-
江户川乱折腾
你好，我认为问题出在回应上。尝试使用 CollectionType。在此示例中，对集合中的每个对象使用 ChoiceType。请参阅此处：https ://symfony.com/doc/current/reference/forms/types/collection.html#entry-options->add('responses', CollectionType::class, [ 'entry_type' => ChoiceType::class, 'entry_options' => [ 'choices' => [ '1' => 'D', '2' => 'A', ], ],]); -
慕桂英546537
我知道这不是真正的问题，但万一其他人像我一样在搜索如何将嵌套对象放入 FOSRestBundle 注释后来到这里：我查看了我的代码库并找到了 和 约束，我认为它们将Symfony\Component\Validator\Constraints\Collection提供Symfony\Component\Validator\Constraints\Composite服务我很好。
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