模型包含选项可将属性返回为具有定义别名的单个值，而不是具有属性的对象

Question

我有 2 个型号：

• Property

• Account

AProperty hasOne Account

财产

Property.belongsTo(models.Account, {

  as: 'account',

  foreignKey: 'accountNumber'

});

帐户

Account.hasOne(models.Property, {

  as: 'property',

  foreignKey: 'accountNumber'

});

根据findAll我的查询

const properties = await Property.findAll({

 attributes: ['accountNumber'],

 include: [

      {

        model: Models.Account,

        as: 'account',

        attributes: ['organisation', 'email'],  

      },

 ]

});

这会为每个项目返回一个对象，例如；

{ 

  "accountNumber":"AC0012",

  "account":{ 

    "organisation":"Example Org",

    "email":"[e-mail]"

  }

}

然而，我的目标是实现这样的目标：

{ 

  "accountNumber":"AC0012",

  "accountOrganisation":"Example Org",

  "accountEmail":"[e-mail]"

}

当前MySQL查询如下；

SELECT `Property`.`id`, 

`Property`.`account_number` AS `accountNumber`, 

`account`.`account_number` AS `account.accountNumber`, 

`account`.`organisation` AS `account`.`organisation`, 

`account`.`email` AS `account.email` 

FROM `property_dev`.`property` 

AS `Property` 

LEFT OUTER JOIN `property_dev`.`account` AS `account` 

ON `Property`.`account_number` = `account`.`account_number`

我需要更新使用的别名；

`account`.`organisation` AS `account`.`organisation`, 

`account`.`email` AS `account.email` 

到

`account`.`organisation` AS `accountOrganisation`, 

`account`.`email` AS `accountEmail` 

我怎样才能实现这个目标？这看起来很简单，但我似乎无法查询正确的解决方案。我可能在搜索中使用了不正确的术语，浏览官方文档并没有找到解决方案。

任何帮助将不胜感激

Answer 1

您可以使用带有 的数组为连接列起别名[value, key]，其中 value 是sequelize.col()包含的模型的值。由于您只需要原始 JSON 结果，因此您也可以传递raw: true而不将结果解析到模型实例，以获得更好的性能。const properties = await Property.findAll({  attributes: [    'accountNumber',    [sequelize.col('account.organisation'), 'accountOrganisation'],    [sequelize.col('account.email'), 'accountEmail'],  ],  include: {    model: Models.Account,    as: 'account',    attributes: [],  },  raw: true,});