在 PHP 中获取未选中的复选框值

Question

我创建了一个表单，允许用户选择他们想要接收的通知，然后将此信息存储到数据库中。我意识到目前用户可以接收大约 10 个选项/通知，因此为每个用户将 10 个选项保存到数据库中，将很快填满数据库。

相反，我想让它只将他们不想接收的通知类型存储到数据库中。

目前，jQuery 只发送选中复选框的值，不发送未选中复选框的值。

有没有其他人有更好的解决方案，或者对我如何发送未检查的值有任何想法，或者可能将其创建为 unchecked = "off" 和 checked = "on"

查询

var data = $('#notificationsform').serializeArray();

$.ajax({

  type: "POST",

  url: base_url + "/api/save_notification_preferences",

  data: data,

  dataType: 'json',

  cache: false,

  success: function (response) {

    var data = response.data;

    if (response.status == "success") {

      console.log(data.message);

      $('#successtxt').html(data.message);

      $('#success-snack').addClass('snackbar-active');

      setTimeout(function () {

        $('#success-snack').removeClass('snackbar-active');

      }, 1500)

      $(".close-article").click();

    } else {

      $('#errortxt').html(data.message);

      $('#error-snack').addClass('snackbar-active');

    }

  }

});

PHP

$notifications = $this->input->post('notifications');

$me = is_user_logged_in();

$delete1 = "DELETE FROM `notificationssettings` WHERE  userID ='$me' ";

$this->db->query($delete1);

foreach ($this->input->post('notifications') as $key => $bg):

  $insertnotifications['type'] = $bg;

  $insertnotifications['userID'] = is_user_logged_in();

  $this->db->insert("notificationssettings", $insertnotifications);

endforeach;

$data = [

  'status' => 'success',

  'data' => [

    'message' => "Notification settings saved succesfully.",

  ],

];

echo json_encode($data);

exit();

Answer 1

未选中的复选框值根本不会发送到服务器。然而，由于您知道可能的选项是什么，您可以让您的 PHP 后端知道可能的选项，然后可以将已知选项列表与通过 POST 请求传入的选项进行比较。<?php// ...$POSSIBLE_NOTIFICATIONS = [&nbsp; 'reviews',&nbsp; 'feed',&nbsp; 'follows',&nbsp; 'updates',&nbsp; 'invites',&nbsp; 'events',&nbsp; 'inviterequests',&nbsp; 'invitestatus',&nbsp; 'othersocial'];$notifications_opted_in = $this->input->post('notifications');$notifications_opted_out = array_diff($POSSIBLE_NOTIFICATIONS, $notifications_opted_in);