php的引用不是指针到底是什么，看看这个输出结果

Question

functionfoo(&$c)
{
global$b;
$b=3;
//$c=&$b;
//echo$c;//输出232
$c=$b;
echo$c;//输出233
}
$a=2;
echo$a.'';
foo($a);
echo$a;
?>
上面是我自己运行的结果。
手册上是这么说的，不知道说的是什么：
引用不是什么
如前所述，引用不是指针。这意味着下面的结构不会产生你预期的效果：
functionfoo(&$var)
{
$var=&$GLOBALS["baz"];
}
foo($bar);
?>
这将使foo函数中的$var变量在函数调用时和$bar绑定在一起，但接着又被重新绑定到了$GLOBALS["baz"]上面。不可能通过引用机制将$bar在函数调用范围内绑定到别的变量上面，因为在函数foo中并没有变量$bar（它被表示为$var，但是$var只有变量内容而没有调用符号表中的名字到值的绑定）。
自己的理解是$c已经是一个引用了，PHP不允许再给它赋上另一个引用。如果再给它赋上另一个引用，那么这个引用$c就跟$a变量自动断开联系，所以输出了两个2。不知道这样理解对不对

Answer 1

你理解的是对的。引用也是相对于整数，浮点型的一种数据类型，给它赋另外一个值当然就把原本的给覆盖掉了。另外为什么unset()函数可以断开引用的关系，这是这么个道理。

Answer 2

不知道你理解得意思但这个就是C中指针得标准结果吧第一个形参是个引用，但$a传的是变量，变量内存得内容是2，&$a才是指针,&$a表达式得值是a代表得内存得地址第一个foo中你传递一个$a就是传了个2，这那是a得地址啊。而且就算是c语言中foo(int*p)你调用时foo(&a);然后你a=2,最后在printa,他输出得也是2啊,你的print星a（这个星打不出来）！你不传地址怎么可能改变外部变量呢？你得传地址！我还真就没理解php中的引用，和c中的指针有什么区别